UTNianos

(28-06-2013 00:47)Julieta93 escribió: [ -> ]Perdon ,me olvide de ponerlo ,lo que pasa que el coordinador se olvido de ponerlo en el parcial por ende yo me olvide de ponerlo aca
37 grados

Off-topic:

que? a la hora y media de empezar el examen les dijeron "ah chicos, el ejercicio 5... ehm, sí, nos olvidamos de que el angulo de tiro era 49 grados... ah, no de 37°"?

es obvio que no ,tipo a los 20 min
entro el coordinador y dijo que se olvido
y lo escribio en el pizarron

Bueno deja de desvirtuar y ayudame
jajajajajajaa

jajajajjaja
bueno, pedime ayuda nomas

Caera al suelo cuando la posicion en Y sea 0, entonces, hallamos el tiempo:

\[Y(t)=Yo+Vo.sen\alpha .t-\frac{1}{2}g.t^{2}\]

\[0=0+70.0,6 .t-\frac{1}{2}.10.t^{2}\]

\[t=8,4s\]

Con eso, hallo la distancia:

\[X(t)=Xo+Vo.cos\alpha .t\]

\[X(8,4)=0+70.0,8.8,4\]

\[X=470,4m\]

Esa va a ser la distancia donde va a caer.

Su velocidad al caer, en t=8,4s (en forma vectorial, es decir (Vx, Vy)) la podes hallar haciendo:

\[Vx=Vo.cos\alpha \] (es constante)

\[Vy(t)=Vo.sen\alpha -g.t\]

---

Y para hallar la altura maxima hay 2 formas, o vemos la posicion en Y cuando t es la mitad de 8,4, o sea 4,2 (por ser una parabola) o vemos cuando la Vy=0.

Voy a hacer la primer forma

\[Y(t)=Yo+Vo.sen\alpha.t-\frac{1}{2}g.t^{2}\]

\[Y(4,2)=0+70.0,6.4,2-\frac{1}{2}.10.4,2^{2}\]

\[Y=88,2m\]

Y en cuanto a la velocidad a la altura maxima, haces lo mismo que antes, pero usando t=4.2

---

Trayectoria del proyectil (usando )

Gráfico de y=tan(37)*x-(10/(2*70^2*(cos(37))^2))*x^2.

sos un genio gracias ahora lo copio me voy a la facu y lo resuelvo solaaa,graciassss