UTNianos

(22-02-2017 10:59)frannco94 escribió: [ -> ]

(22-02-2017 10:24)cincue escribió: [ -> ]Buenas frannco94 en el diagrama de fasores especifique las tensiones eficaces, eso esta mal ? O sea el dibujo lo tengo igual salvo que todos los valores de V los multiplique por raiz(2), ya que utilice la corriente eficaz

Si multiplicaste todos los valores por \[\sqrt{2}\] Tendrias que obtener lo mismo . Al usar la corriente eficaz , obtenes voltaje eficaz , si \[V_{ef}=\frac{V}{\sqrt{2}}\] , al multiplicar por raiz de 2 estas poniendo los Vmax. Y te digo por si no te respondo lo que buscabas , mientras los angulos esten bien , y lo representes que R esta en fase con I y eso para mi estaría bien , por mi parte lo hago con Vmax. Igual vi finales que los dibujan con V eficaz y otros con Vmax. Espero te sirva , saludos!

Perdon me confundi yo, no multiplique por raiz(2), multiplique por la Ief o sea los Vef me quedaron las chicos. Entonces entiendo que esta bien. Los angulos me quedaron bien y el Vr alineado con I

Gracias!

Disculpen pero no se ven los enunciados del final, podrian volver a subirlo?

(17-02-2017 17:21)leandrong escribió: [ -> ]

(17-02-2017 12:11)roman1981 escribió: [ -> ]el 4b seria asi : ?

F=q.(wtxB)
entonces df=dq.(wtxB)
dq=λdL

entonces df=λdL.(wtxB)
y la respuesta seria : df/dL=λ.(wtxB)

Sí, pero mirá que la velocidad tangencial es V=RxW (como indica Franco en el siguiente comentario).
En ángulo es o = wt

X = (R cos (wt) , R sen (wt) , 0 )
V = (-WR sen(wt) , WR cos (wt) , 0 ) = WR (-sen(0), cos(o),o)
B = ( 0 , 0 , B )
VxB = WRB(cos(wt) , sen(wt), 0)

dF/dL=λ.WRB ((cos(wt) , sen(wt), 0))

Si lo dejás así df/dL=λ.(wRxB), WR sería el módulo de WxR y le faltaría un versor.

Si te fijás como escribí V vector, WR puede ir afuera y lo que sería el vector es un versor tangencial, que podemos llamarlo et quedando así:
df/dL=λ.wR(etxB)

Gracias por la respuesta. Debe haber sido un error de tipeo parece, pero V = (-WR sen(wt) , WR cos (wt) , 0 ) = WR (-sen(0), cos(o),0)